2018年黑龍江省哈爾濱市中考物理預測試卷【word版含答案】

由于格式問題，部分試題會存在亂碼的現象，請考生點擊全屏查看！

一、選擇題

1.在實驗室，用天平能直接測量的物理量是（　　）

A．質量????????????? B．體積????????????? C．密度????????????? D．力

2．下列光學元件中，成像原理與其它三個不同的是（　　）

A．放大鏡????????????? B．自制照相機

C．昆蟲觀察箱????????????? D．投影儀

3．下列現象中屬于熔化的是（　　）

A．松花江里冰雪消融的過程

B．太陽島濕地中荷葉上露珠的形成

C．植物園內清晨輕盈的霧的形成

D．冰雪大世界中雪的形成

4．如圖是探究電磁感應現象的裝置，如圖所示的設備中利用此原理工作的是（　　）

A．電磁鐵????????????? B．發電機?????????????

C．電動機????????????? D．揚聲器

5．下列圖中符合安全用電與保護原則的是（　　）

A．在落地高壓線附近行走

B．多個大功率用電器同時使用一個插座

C．開關接零線

D．電水壺接三孔插座

6．在物理實驗中，往往要進行多次實驗，有的是為了減小誤差，有的是為了尋找普遍規律．下列四個實驗中，為了減小誤差的是（　　）

A．電流跟電壓的關系????????????? B．電阻的大小與什么因素有關

C．重力與質量的關系????????????? D．測量未知的定值電阻的阻值

7．在水中，魚、漂浮的木頭、靜止在水底的石頭的位置如圖所示，下列說法正確的是（　　）

A．水對石頭的壓強比對木頭的小

B．木頭受到的浮力大于它自身的重力

C．魚受到的浮力等于它排開水的重力

D．石頭受到的浮力等于它自身的重力

8．汽車已成為我們主要的交通工具，關于汽車，下列說法不正確的是（　　）

A．汽車行駛時，對地面的壓力大于地面對它的支持力

B．汽車的倒車雷達，利用了超聲波

C．汽車的廣泛使用，加劇了城市的“熱島效應”

D．為了行駛的安全性，汽車要限速行駛

9．用如圖所示的裝置研究滑輪組機械效率，下列說法不正確的是（　　）

A．彈簧測力計通常要豎直向上勻速拉動

B．測量機械效率的原理：η=（）×100%

C．機械效率與動滑輪重力的大小有關

D．提高機械效率可以通過減小鉤碼的重力來實現

10．如圖所示，閉合開關S，發現燈泡L1亮，L2不亮．調節變阻器滑片P，L1變亮，L2始終不亮，出現這一現象的原因可能是（　　）

A．滑動變阻器斷路????????????? B．滑動變阻器短路

C．燈泡L2短路????????????? D．燈泡L2斷路

11．兩定值電阻R1=10Ω，R2=5Ω，現將R1、R2接入如圖所示的電路，電源電壓為3V，當開關S閉合時，下列分析正確的是（　　）

A．R1、R2電流之比為1：2

B．R1、R2兩端的電壓之比為2：1

C．R1、R2消耗的電功率之比為1：2

D．電路消耗總的電功率等于2.7W

12．用彈簧測力計兩次水平拉同一木塊，使它在同一水平木板上做勻速直線運動，圖乙是它運動的路程隨時間變化的圖象，下列說法正確的是（　　）

A．圖甲中木塊受到的拉力為3.2N

B．木塊第一次和第二次速度之比為1：2

C．木塊兩次受到滑動摩擦力之比為1：1

D．相同時間內拉力兩次對木塊做功之比為1：1

二、非選擇題（13題～28題，計46分）

13．哈爾濱的端午節賽龍舟時，龍舟上發出的陣陣鼓聲是由于鼓面的　?? 　產生的；鼓聲通過　?? 　傳到觀眾處．

14．小明由于經常玩手機，經檢查眼睛有些近視，應利用　?? 　透鏡矯正；手機之間利用　?? 　傳遞信息（選填“電磁波”或“聲波”）．

15．使用刻度尺之前，要觀察　?? 　、分度值及零刻度線在哪里．如圖，被測木塊的長度為　?? 　cm．

16．如圖所示是四沖程汽油機工作時的壓縮沖程，此過程中通過　?? 　方式使汽缸內燃料混合物的內能　?? 　（選填“增大”或“減小”）．

17．將硫酸銅溶液注入水的下方，可以看到清水與硫酸銅溶液之間有明顯的界面，如圖甲．靜置20日后，如圖乙，這是　?? 　現象，說明液體分子　?? 　．

18．一個杯里裝有200mL牛奶，其中牛奶的質量是210g，那么牛奶的密度是　?? 　g/cm3；小聰喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度　?? 　（選填“變大”、“不變”或“變小”）．

19．如圖所示，杠桿水平放置且自重忽略不計，O是支點，左側掛一重物，動力F1大小為3N，整個裝置處于靜止狀態，則物體的重力為　?? 　N．此時杠桿屬于　?? 　杠桿（選填“省力”或“費力”）．

20．用如圖所示的兩個相同裝置，同時給質量相同的水和鐵砂加熱，升溫較慢的物質是　?? 　，因為它的　?? 　較大．

21．已知天然氣的熱值為4×107J/m3．完全燃燒0.3m3的天然氣，放出的熱量為　?? 　J．用天然氣給水加熱至沸騰后繼續加熱，水的溫度將　?? 　．

22．如圖所示，電阻R=55Ω，當閉合S1、S2時，通過電阻R的電流為　?? 　A，電路消耗的總功率為1000W．當只閉合S2時，電動機消耗的電功率為　?? 　W．

23．如圖，一個物體靜止在水平面上，O為它對水平面壓力的作用點，請畫出壓力的示意圖．

24．圖示為通電螺線管，請標出A點的電流方向，并在螺線管外畫出經過B點的磁感線．

25．（5分）小明和小聰在探究光的反射規律，實驗裝置如圖所示．

（1）∠FON是　?? 　角（選填“入射”或“反射”）．

（2）一束光沿EO射到鏡面，在紙板上會看到反射光OF．若沿著FO的方向再入射一束光，它的反射光沿OE方向射出，此現象說明　?? 　．

（3）在研究反射角和入射角的關系時，收集數據如下表：

小明分析表中數據，得出　?? 　的結論．

小聰說，此結論不具有普遍性．請指出實驗中的不足并加以改進　?? 　．

26．（5分）實驗小組要探究二力平衡條件．實驗中每個鉤碼重力相同，摩擦力忽略不計．

（1）如圖甲裝置，當左右兩端同時各掛兩個鉤碼時，小車靜止，此時F1、F2的方向　?? 　，大小　?? 　；當左右兩端同時取下一個鉤碼時，如圖乙，小車仍靜止，此時F3　?? 　F4；當右端再掛上一個鉤碼時，如圖丙，小車將做變速運動，此時F5　?? 　F6．

（2）在圖甲實驗的基礎上，將小車扭轉一個角度，松手后，觀察小車的情況，這樣做可以探究什么問題？

（3）對比甲、乙、丙三次實驗，當小車靜止時，水平方向上受到兩個力的大小關系如何？還能看出小車受非平衡力作用時，運動狀態將怎樣？

27．（6分）某小組研究小燈泡電功率，小燈泡額定電壓為2.5V，電源電壓恒定不變，有規格為“10Ω 2A”和“20Ω 2A”的滑動變阻器各一個．

（1）如圖甲所示，選用“10Ω 2A”規格的滑動變阻器進行實驗．連接電路時，需將滑動變阻器的滑片P置于　?? 　（填“A或“B）端，其目的是　?? 　．

（2）接著用開關迅速試觸，燈泡發光，電壓表示數如圖乙，此時燈泡兩端電壓為　?? 　V．為了使燈

泡正常發光，接下來的操作是：　?? 　．

（3）實驗中收集信息如上表．分析表格中信息可得，

①小燈泡額定功率為　?? 　W；

②在電路安全范圍內，小燈泡兩端實際電壓越大，消耗的電功率　?? 　，燈泡越亮．

28．（6分）在家庭實驗室，小聰學習使用電熨斗，如圖為一款有高溫、低溫兩檔的家用電熨斗，部分參數見下表．

請回答：

（1）電熨斗平放在水平桌面上，它與桌面的接觸面積為9.8×10﹣3m2，則電熨斗對桌面的壓強有多大？（g=9.8N/kg）

（2）使用高溫檔時，通過電熨斗的電流是多少？（結果保留一位小數）

（3）電燙斗在一次使用中，高溫檔工作累計30min，低溫檔工作累計15min，求此次使用中一共消耗多少電能？

2017年黑龍江省哈爾濱市中考物理試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題

1在實驗室，用天平能直接測量的物理量是（　　）

A．質量????????????? B．體積????????????? C．密度????????????? D．力

【考點】25：質量的測量與天平．

【分析】測量質量的工具有托盤天平、物理天平、桿秤、臺秤、磅秤、電子稱等，實驗室常用的是托盤天平．

【解答】解：實驗室需要的測量物體的質量，比較精細準確，在實驗室，用天平能直接測量的物理量是質量．

故選A．

【點評】本題考查了工具的作用，是一道基礎題，掌握基礎知識即可正確解題．

2．下列光學元件中，成像原理與其它三個不同的是（　　）

A．放大鏡????????????? B．自制照相機C．昆蟲觀察箱????????????? D．投影儀

【考點】A6：光的反射；AM：光的折射現象及其應用．

【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質中沿直線傳播，產生的現象有小孔成像、激光準直、影子的形成、日食和月食等；

（2）光線傳播到兩種介質的表面上時會發生光的反射現象，例如水面上出現岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；

（3）光線在同種不均勻介質中傳播或者從一種介質進入另一種介質時，就會出現光的折射現象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓、凸透鏡成像等都是光的折射形成的．

【解答】解：A、用放大鏡看物理課本上的文字時，文字變大了，屬于凸透鏡成像，是由于光的折射形成的．故與題意不符．

B、照相機是利用凸透鏡成倒立、縮小實像原理，凸透鏡成像是光的折射形成的，故與題意不符；

C、昆蟲觀察箱通過平面鏡觀察昆蟲，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意．

D、投影儀是利用凸透鏡成倒立、放大實像原理，凸透鏡成像是光的折射形成的，故與題意不符；

故選C．

【點評】此題主要考查身邊本題通過幾個日常生活中的現象考查了對光的折射、光的直線傳播的理解，考查了學生理論聯系實際的能力，在學習過程中要善于利用所學知識解釋有關現象．

3．下列現象中屬于熔化的是（　　）

A．松花江里冰雪消融的過程

B．太陽島濕地中荷葉上露珠的形成

C．植物園內清晨輕盈的霧的形成

D．冰雪大世界中雪的形成

【考點】19：熔化與熔化吸熱特點．

【分析】解答本題明確：（1）在一定條件下，物體的三種狀態﹣﹣固態、液態、氣態之間會發生相互轉化，這就是物態變化；

（2）物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固；

判斷物態變化的類型的方法：先根據題目明確物質變化前是什么狀態，變化后是什么狀態，最后對照定義來判斷屬于何種類型的物態變化．

【解答】解：

A．松花江里冰雪消融，是固態變成液態，屬于熔化現象；

B．太陽島濕地中荷葉上露珠的形成，是氣態變成液態，屬于液化現象；

C．植物園內清晨輕盈的霧的形成，是氣態變成液態，屬于液化現象；

D．冰雪大世界中雪的形成，是氣態變成固態，屬于凝華現象．

故選A．

【點評】分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另外對六種物態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識．

4．如圖是探究電磁感應現象的裝置，如圖所示的設備中利用此原理工作的是（　　）

A．電磁鐵????????????? B．發電機?????????????

C．電動機????????????? D．揚聲器

【考點】CP：電磁感應．

【分析】電磁感應現象是閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線運動時，導體中會有感應電流產生，把機械能轉化為電能．

【解答】解：A、電磁鐵通電后會具有磁性，是電流的磁效應，故A錯誤；

B、發電機是利用電磁感應原理工作的，故B正確；

C、電動機的工作原理是通電線圈在磁場中受力運動，是磁場對電流的作用，故C錯誤；

D、揚聲器的工作原理和電動機的工作原理是相同的，故D錯誤．

故選B．

【點評】在電和磁這一部分中，學到了很多電學設備，每個設備的制成原理是經常考查的知識點，要在理解的基礎上，記住這些基礎知識．

5．下列圖中符合安全用電與保護原則的是（　　）

A．在落地高壓線附近行走

B．多個大功率用電器同時使用一個插座

C．開關接零線

D．電水壺接三孔插座

【考點】IV：安全用電原則．

【分析】（1）不接近高壓帶電物體；

（2）使用的用電器總功率不能過高，否則引起電流過大而引發火災；

（3）開關應控制火線；

（4）所使用的家用電器如電冰箱、電冰柜、洗衣機等，應按產品使用要求，裝有接地線的插座．

【解答】解：

A、在落地高壓線附近行走，會發生跨步電壓觸電，不符合安全用電與保護原則，故A錯誤；

B、多個大功率用電器同時使用一個插座，會使得通過插座的電流變大，容易發生火災，不符合安全用電原則，故B錯誤；

C、開關接在燈泡和零線之間，當斷開開關，火線和燈泡還處于連接狀態，人接觸燈泡的金屬部分時會發生觸電事故，不符合安全用電原則，故C錯誤；

D、電水壺的金屬外殼必須接地，應采用用三腳插頭及三孔插座，可以防止外殼漏電時發生觸電事故，符合安全用電原則，故D正確．

故選：D．

【點評】本題是對安全用電常識的考查，要求能運用物理知識解決實際問題．

6．在物理實驗中，往往要進行多次實驗，有的是為了減小誤差，有的是為了尋找普遍規律．下列四個實驗中，為了減小誤差的是（　　）

A．電流跟電壓的關系????????????? B．電阻的大小與什么因素有關

C．重力與質量的關系????????????? D．測量未知的定值電阻的阻值

【考點】2Q：物理學方法．

【分析】測量性實驗為了減小誤差或者尋找規律進行多次測量，如果物理量是個恒量，多次測量求平均值可以減小實驗誤差；如果不是測量具體的物理量，而是尋找規律也采取多次測量，尋找普遍性．

【解答】解：

A、探究電流與電壓的關系時，在電阻一定時，改變兩端電壓，測量對應的電流，目的是得出電流與電壓之間的普遍規律．故A不符合題意；

B、電阻的大小與多個因素有關，在研究電阻的大小與什么因素有關時，多次改變材料種類、長度大小和橫截面積大小，目的是得出電阻與哪些因素有關、有什么具體關系的普遍規律．故B不符合題意；

C、研究重力和質量的關系時，多次改變物體的質量，同時記錄對應的重力，目的是得出重力和質量成正比的普遍規律．故C不符合題意；

D、測量未知電阻的阻值時，多次改變電阻兩端電壓得到對應的電流，然后利用計算電阻并取平均值，目的是為了減小誤差．故D符合題意．

故選D．

【點評】本題考查學對各個實驗的實驗目的是否清楚，要求學學生對實驗要非常熟悉，明確實驗中每一步實驗的目的．

7．在水中，魚、漂浮的木頭、靜止在水底的石頭的位置如圖所示，下列說法正確的是（　　）

A．水對石頭的壓強比對木頭的小

B．木頭受到的浮力大于它自身的重力

C．魚受到的浮力等于它排開水的重力

D．石頭受到的浮力等于它自身的重力

【考點】8S：物體的浮沉條件及其應用．

【分析】A、通過比較石頭和木頭所處的深度大小，利用p=ρgh比較受到壓強大小關系；

B、漂浮的物體，受到的浮力等于它自身的重力；

C、浸在液體中的物體受到的浮力等于它排開液體的重力；

D、下沉的物體，物體受到的浮力小于它自身的重力．

【解答】解：

A、因為石頭所處的深度比木頭所處的深度大，所以水對石頭的壓強比對木頭的大，故A錯；

B、因為木頭漂浮，所以木頭受到的浮力等于它自身的重力，故B錯；

C、根據阿基米德原理可知，魚受到的浮力等于它排開水的重力，故C正確；

D、石頭沉底（石頭的密度大于水的密度），石頭受到的浮力小于它自身的重力，故D錯．

故選C．

【點評】本題考查了阿基米德原理、物體的浮沉條件和液體壓強公式的應用，屬于基礎題目．

8．汽車已成為我們主要的交通工具，關于汽車，下列說法不正確的是（　　）

A．汽車行駛時，對地面的壓力大于地面對它的支持力

B．汽車的倒車雷達，利用了超聲波

C．汽車的廣泛使用，加劇了城市的“熱島效應”

D．為了行駛的安全性，汽車要限速行駛

【考點】8K：流體壓強與流速的關系；9E：超聲波與次聲波；GF：比熱容解釋簡單的自然現象．

【分析】（1）流體壓強和流速的關系是：流體流速大的地方，壓強小；流體流速小的地方，壓強大；

（2）倒車雷達，它在工作時會發出超聲波，這些聲波遇到障礙物時會反射回來，根據回聲到來的方位和時間，可以確定障礙物的位置．

（3）熱機會產生大量的廢氣，排放大量的熱量，是加劇城市的熱島效應的原因之一；

（4）動能大小和物體的質量、運動速度大小有關，質量一定時，速度越大，動能越大；

【解答】解：A、汽車行駛時，由于此時汽車上面的空氣流速大，故壓強小，車下方的空氣流速小，壓強大，所以此時汽車受到向上的升力；對地面的壓力小于自身的重力，故A錯誤；

B、倒車雷達利用反射的超聲波來區分障礙物的距離，故B正確；

C、汽車是使用過程中會產生大量的廢氣，排放大量的熱量，是加劇城市的熱島效應的原因之一，故C正確；

D、在公路上行駛的汽車，質量不變，進行限速，其動能會變小，即在突發事件時，對外做的功少，破壞力小，故D正確．

故選A．

【點評】本題主要考查學生運用所學知識綜合分析和解決實際問題的能力．增加了學生分析問題的思維跨度，強調了學生整合知識的能力．

9．用如圖所示的裝置研究滑輪組機械效率，下列說法不正確的是（　　）

A．彈簧測力計通常要豎直向上勻速拉動

B．測量機械效率的原理：η=（）×100%

C．機械效率與動滑輪重力的大小有關

D．提高機械效率可以通過減小鉤碼的重力來實現

【考點】F8：滑輪（組）機械效率的測量實驗．

【分析】（1）只有在勻速拉動時，彈簧測力計的示數才和拉力的大小相等；

（2）機械效率是指有用功占總功的百分比；

（3）影響滑輪組機械效率的主要因素是被提升物體的重力及動滑輪的重力，被提升的物體越重、動滑輪重力越小，滑輪組的機械效率越高．

【解答】解：

A．在實驗操作中應豎直向上勻速拉動彈簧測力計，這樣彈簧測力計處于平衡狀態，彈簧測力計的示數才反映了拉力的大小，故A正確；

B．測量機械效率的原理：η=×100%，故B正確；

C．圖中滑輪組的機械效率與動滑輪的重力有關，在物重一定的條件下，動滑輪越重，機械效率越低，故C正確；

D．減小鉤碼的重力，在額外功相同的情況下，有用功減小，有用功占總功的百分百減小，滑輪組的機械效率減小，故D錯誤．

故選D．

【點評】本題主要考查了對滑輪組機械效率測量實驗的掌握，關鍵需掌握其測量原理及其影響因素．

10．如圖所示，閉合開關S，發現燈泡L1亮，L2不亮．調節變阻器滑片P，L1變亮，L2始終不亮，出現這一現象的原因可能是（　　）

A．滑動變阻器斷路????????????? B．滑動變阻器短路

C．燈泡L2短路????????????? D．燈泡L2斷路

【考點】HP：電路的三種狀態．

【分析】在串聯電路中，若只有一個用電器工作，則電路中不能發生斷路，可能是另一個用電器發生了短路而造成的．

若發生斷路，則整個電路都不會有電流，所有的用電器都不會工作．

【解答】解：A、若滑動變阻器斷路，則整個電路斷路，兩燈都不亮，所以A錯誤；

B、若滑動變阻器短路了，則滑動變阻器不會引起L1亮度的變化，所以B錯誤；

C、若燈L2短路了，則L2不亮，L1照常發光，所以C正確；

D、若燈泡L2斷路，則L1也不能發光，所以D錯誤．

故選C．

【點評】此題考查了電路故障的分析，首先掌握短路和斷路的含義，才能根據題目中給出的情況作出判斷．

11．兩定值電阻R1=10Ω，R2=5Ω，現將R1、R2接入如圖所示的電路，電源電壓為3V，當開關S閉合時，下列分析正確的是（　　）

A．R1、R2電流之比為1：2

B．R1、R2兩端的電壓之比為2：1

C．R1、R2消耗的電功率之比為1：2

D．電路消耗總的電功率等于2.7W

【考點】IH：歐姆定律的應用；JA：電功率的計算．

【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯，根據串聯電路的電流特點可知通過兩電阻的電流關系，根據歐姆定律求出兩電阻兩端的電壓之比，根據P=UI求出兩電阻消耗的電功率之比，根據電阻的串聯和P=UI=求出電路消耗總的電功率．

【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯，

因串聯電路中各處的電流相等，

所以，R1、R2電流之比為1：1，故A錯誤；

由I=可得，R1、R2兩端的電壓之比：

====，故B正確；

由P=UI可得，R1、R2消耗的電功率之比：

===，故C錯誤；

因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，

所以，電路消耗的總功率：

P總===0.6W，故D錯誤．

故選B．

【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，是一道較為簡單的應用題．

12．用彈簧測力計兩次水平拉同一木塊，使它在同一水平木板上做勻速直線運動，圖乙是它運動的路程隨時間變化的圖象，下列說法正確的是（　　）

A．圖甲中木塊受到的拉力為3.2N

B．木塊第一次和第二次速度之比為1：2

C．木塊兩次受到滑動摩擦力之比為1：1

D．相同時間內拉力兩次對木塊做功之比為1：1

【考點】6V：力與圖象的結合；7D：摩擦力的大小；EC：功的計算．

【分析】（1）根據彈簧測力計的分度值讀出彈簧測力計的示數；

（2）根據圖象分析得出速度之比；

（3）影響摩擦力的因素：壓力和受力面積；

（4）根據W=Fs進行分析．

【解答】解：

A、從圖甲知，彈簧測力計的分度值為0.2N，彈簧測力計的示數為3.4N，即圖甲中木塊受到的拉力為3.4N，故A錯誤；

B、從圖乙可知，木塊兩次都做勻速直線運動，第一次10s運動路程為50m，第二次10s運動路程為25m；因為時間一定，速度與路程成正比，即木塊第一次和第二次速度之比為50m：25m=2：1，故B錯誤；

C、兩次接觸面的粗糙程度相同、壓力相同，摩擦力相同，即木塊兩次受到滑動摩擦力之比為1：1，故C正確；

D、從圖乙可知，木塊兩次都做勻速直線運動，而做勻速直線運動的物體受平衡力作用，所以兩次木塊受到的拉力和摩擦力相等，因為摩擦力相同，故拉力也相同；

由B可知相同時間內的路程之比為s1：s2=2：1，根據W=Fs可得W1：W2=2：1，故D錯誤．

故選C．

【點評】本題考查了學生的識圖能力，以及對二力平衡的條件、彈簧測力計的讀數、影響摩擦力的因素、功的計算掌握情況，解題的關鍵是能從圖中得出相關信息，鍛煉了學生的觀察思考能力．

二、非選擇題（13題～28題，計46分）

13．哈爾濱的端午節賽龍舟時，龍舟上發出的陣陣鼓聲是由于鼓面的　振動　產生的；鼓聲通過　空氣　傳到觀眾處．

【考點】91：聲音的產生；92：聲音的傳播條件．

【分析】聲是由于物體振動產生的，振動停止，發聲停止；聲音的傳播需要介質，氣體、液體、固體都可以傳聲．

【解答】解：

鼓聲是由于鼓面振動產生的．聽到的鼓聲主要是通過空氣傳到人耳．

故答案為：振動；空氣．

【點評】本題考查了聲音的產生和傳播，屬于基礎題．

14．小明由于經常玩手機，經檢查眼睛有些近視，應利用　凹　透鏡矯正；手機之間利用　電磁波　傳遞信息（選填“電磁波”或“聲波”）．

【考點】BA：近視眼的成因與矯正辦法．

【分析】掌握近視眼的成因是解答本題的關鍵，近視眼是由于人眼晶狀體變凸，焦距變短，會聚能力增強．

移動通信都是利用電磁波來傳遞信息的

【解答】解：近視眼是由于人眼的晶狀體變凸，會聚能力增強，像呈在視網膜的前方，故應佩戴發散透鏡即凹透鏡進行矯正，使光線發散后成像在視網膜上．

手機既是電磁波的發射臺也是電磁波的接受臺，所以手機之間是利用電磁波來傳遞信息的．

故答案為：凹；電磁波．

【點評】本題主要考查學生對近視眼的成因與矯正方法的認識和了解以及電磁波的應用，是一道基礎題

15．使用刻度尺之前，要觀察　量程　、分度值及零刻度線在哪里．如圖，被測木塊的長度為　1.70　cm．

【考點】64：長度的測量．

【分析】（1）刻度尺在測量之前，要觀察其量程、分度值和零刻度線；

（2）使用刻度尺時要明確其分度值，起始端從0開始，讀出末端刻度值，就是物體的長度；起始端沒有從0刻度線開始的，讀出末端刻度值，減去起始端所對刻度即為物體長度；注意刻度尺要估讀到分度值的下一位．

【解答】解：

（1）使用刻度尺之前，要注意觀察刻度尺的零刻度線的位置，是否磨損；還要觀察刻度尺的分度值和量程；

（2）圖中刻度尺上1cm之間有10個小格，一個小格的長度是0.1cm，即此刻度尺的分度值為0.1cm；木塊左側與0.00cm對齊，右側與1.70cm對齊，所以木塊的長度為L=1.70cm．

故答案為：量程；1.70．

【點評】此題考查的是刻度尺的分度值和讀數，刻度尺是物理實驗和日常生活中經常的測量工具，要熟練掌握其使用和讀數方法．

16．如圖所示是四沖程汽油機工作時的壓縮沖程，此過程中通過　做功　方式使汽缸內燃料混合物的內能　增大　（選填“增大”或“減小”）．

【考點】GM：內燃機的四個沖程．

【分析】改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞，熱傳遞和做功都可以改變物體的內能，做功是能量的轉化，熱傳遞是能量的轉移．

【解答】解：

在汽油機的壓縮沖程中，壓縮燃料混合物，對其做功，使燃料混合物的內能增加、溫度升高，是通過做功的方式改變內能．

故答案為：做功；增大．

【點評】了解汽油機壓縮沖程中的能量轉化，知道做功和熱傳遞改變物體內能的區別，能結合實例進行分析，是解答的關鍵．

17．將硫酸銅溶液注入水的下方，可以看到清水與硫酸銅溶液之間有明顯的界面，如圖甲．靜置20日后，如圖乙，這是　擴散　現象，說明液體分子　在永不停息地做無規則運動　．

【考點】GW：擴散現象．

【分析】不同的物質相互接觸時，彼此進入對方的現象叫做擴散，擴散現象說明了分子在不停的做無規則運動．

【解答】解：

在量筒里裝入的清水和藍色的硫酸銅溶液之間有明顯的界面，靜置幾天后，界面變模糊了，這屬于擴散現象，說明一切物體分子都在永不停息地做無規則運動．

故答案為：擴散；在永不停息地做無規則運動．

【點評】本題主要考查學生對擴散現象的理解和掌握，是中考的熱點，屬于基礎題目．

18．一個杯里裝有200mL牛奶，其中牛奶的質量是210g，那么牛奶的密度是　1.05　g/cm3；小聰喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度　不變　（選填“變大”、“不變”或“變小”）．

【考點】2A：密度的計算．

【分析】（1）知道牛奶的體積和質量，根據ρ=求出牛奶的密度；

（2）密度是物質本身的一種特性，與物體的質量和體積的大小無關．

【解答】解：牛奶的體積：

V=200mL=200cm3，

牛奶的密度：

ρ===1.05g/cm3，

因密度是物質本身的一種特性，與物體的質量和體積的大小無關，

所以，小聰喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度仍為1.05g/cm3不變．

故答案為：1.05；不變．

【點評】本題考查了密度的計算和密度的特性，要注意單位的換算，是一道基礎題目．

19．如圖所示，杠桿水平放置且自重忽略不計，O是支點，左側掛一重物，動力F1大小為3N，整個裝置處于靜止狀態，則物體的重力為　6　N．此時杠桿屬于　省力　杠桿（選填“省力”或“費力”）．

【考點】7N：杠桿的平衡條件；7O：杠桿的分類．

【分析】設杠桿上每一個格的長度為L，由圖可知重物和動力的力臂，根據杠桿的平衡條件求出物體的重力，比較重物的力臂和動力的力臂關系判斷杠桿的分類．

【解答】解：設杠桿上每一個格的長度為L，則重物的力臂LG=2L，動力的力臂LF=4L，

由杠桿的平衡條件可得：G?LG=F1?LF，

則物體的重力G=F1=×3N=6N，

因LG＜LF，

所以，此時杠桿屬于省力杠桿．

故答案為：6；省力．

【點評】本題考查了杠桿平衡條件的應用和杠桿的分類，是一道較為簡單的應用題．

20．用如圖所示的兩個相同裝置，同時給質量相同的水和鐵砂加熱，升溫較慢的物質是　水　，因為它的　比熱容　較大．

【考點】GD：比熱容的概念．

【分析】比熱容是描述物質吸放熱本領的物理量．在目前已知物質中，水的比熱容最大；

相同的加熱設備，相同時間為不同液體提供的熱量相同．在質量和吸收的熱量相同時，物質升高的溫度與比熱容成反比．

【解答】解：

用兩個相同裝置，同時給質量相同的水和鐵砂加熱，兩種物質相同時間吸收的熱量相同．

因為水的比熱容大于鐵砂，由公式△t=知，升溫較慢的物質是水．

故答案為：水；比熱容．

【點評】此題考查了水的比熱容較大的特點和熱量變形公式的應用，是一道熱現象的基礎題，難度較小，容易解答．

21．已知天然氣的熱值為4×107J/m3．完全燃燒0.3m3的天然氣，放出的熱量為　1.2×107　J．用天然氣給水加熱至沸騰后繼續加熱，水的溫度將　不變　．

【考點】GG：熱量的計算．

【分析】知道天然氣的熱值和體積，根據Q放=qV求出天然氣完全燃燒放出的熱量；水沸騰的特點是達到沸點后，繼續加熱溫度不變．

【解答】解：完全燃燒0.3m3的天然氣，放出的熱量：

Q放=qV=4×107J/m3×0.3m3=1.2×107J；

水沸騰的特點是達到沸點后，繼續加熱、水的溫度不變．

故答案為：1.2×107；不變．

【點評】此題主要考查的是學生對熱值計算公式和液體沸騰特點的理解和掌握，難度不大．

22．如圖所示，電阻R=55Ω，當閉合S1、S2時，通過電阻R的電流為　4　A，電路消耗的總功率為1000W．當只閉合S2時，電動機消耗的電功率為　120　W．

【考點】IH：歐姆定律的應用；JA：電功率的計算．

【分析】當閉合S1、S2時，定值電阻R與電動機M并聯，根據并聯電路的電壓特點和歐姆定律求出通過電阻R的電流，根據P=UI求出R的電功率，電路的總功率減去R的電功率即為電動機的功率；當只閉合S2時，電路為電動機M的簡單電路，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知電動機消耗的電功率．

【解答】解：當閉合S1、S2時，定值電阻R與電動機M并聯，

因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，

所以，通過電阻R的電流：

I===4A；

電阻R的電功率：

PR=UI=220V×4A=880W，

因電路的總功率等于各用電器功率之和，

所以，電動機消耗的功率：

PM=P﹣PR=1000W﹣880W=120W；

當只閉合S2時，電路為電動機M的簡單電路，

因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，

所以，電動機消耗的電功率仍為120W．

故答案為：4；120．

【點評】本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，要注意并聯電路中各支路獨立工作、互不影響特點的應用．

23．如圖，一個物體靜止在水平面上，O為它對水平面壓力的作用點，請畫出壓力的示意圖．

【考點】6H：力的示意圖．

【分析】物體位于水平面上時，壓力和重力的大小、方向都相同，都是豎直向下的．

【解答】解：圖中，作用點已畫出，物體靜止在水平面上，對水平面的壓力大小等于重力，方向是豎直向下的，如下圖：

【點評】作力的示意圖，要用一條帶箭頭的線段表示力，線段的長度表示力的大小，箭頭表示力的方向，起點或終點表示力的作用點；

24．圖示為通電螺線管，請標出A點的電流方向，并在螺線管外畫出經過B點的磁感線．

【考點】CA：通電螺線管的磁場；C7：磁感線及其特點．

【分析】知道螺線管的NS極，由安培定則可知通電螺線管的電流方向．進而根據磁感線的特點可以確定磁感線的方向．

【解答】解：螺線管右側為S極，左側為N極，由安培定則可知螺線管中電流由右側流入，左側流出，所以A點的電流方向為向上；

磁感線在磁體的周圍從N極出發回到S極，所以B點磁感線的方向向右．如下圖：

【點評】本題考查安培定則及磁感線的方向，要求學生能熟練應用安培定則判斷磁極或電流方向．

25．小明和小聰在探究光的反射規律，實驗裝置如圖所示．

（1）∠FON是　反射　角（選填“入射”或“反射”）．

（2）一束光沿EO射到鏡面，在紙板上會看到反射光OF．若沿著FO的方向再入射一束光，它的反射光沿OE方向射出，此現象說明　在反射現象中，光路是可逆　．

（3）在研究反射角和入射角的關系時，收集數據如下表：

小明分析表中數據，得出　反射角等于入射角　的結論．

小聰說，此結論不具有普遍性．請指出實驗中的不足并加以改進　不足：只測量了一組入射角及對應的反射角的大小；改進：多次改變入射角的大小，測量并分析對應的反射角和入射角的大小，得出普遍規律　．

【考點】A7：光的反射定律．

【分析】（1）入射光線與法線的夾角是入射角，反射光線與法線的夾角是反射角．

（2）光在反射時光路是可逆的．

（3）一次實驗具有很大的偶然性，應當改變入射角進行多次實驗．

【解答】解：（1）由圖可知，∠FON是反射光線與法學的夾角，故∠FON是反射角；

（2）如果讓光沿FO方向射到鏡面，會發現反射光沿OE方向射出，這表明在反射現象中，光路是可逆的；

（3）分析表中數據，可得出反射角等于入射角的結論；

此結論不具有普遍性，實驗中的不足：只測量了一組入射角及對應的反射角的大小；改進：多次改變入射角的大小，測量并分析對應的反射角和入射角的大小，得出普遍規律．

故答案為：（1）反射；（2）在反射現象中，光路是可逆的；（3）反射角等于入射角；不足：只測量了一組入射角及對應的反射角的大小；改進：多次改變入射角的大小，測量并分析對應的反射角和入射角的大小，得出普遍規律．

【點評】本題考查了探究光的反射的實驗．光的反射遵循反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一平面內，反射光線和入射光線分居法線的兩側，反射角等于入射角．

26．實驗小組要探究二力平衡條件．實驗中每個鉤碼重力相同，摩擦力忽略不計．

（1）如圖甲裝置，當左右兩端同時各掛兩個鉤碼時，小車靜止，此時F1、F2的方向　相反　，大小　相等　；當左右兩端同時取下一個鉤碼時，如圖乙，小車仍靜止，此時F3　等于　F4；當右端再掛上一個鉤碼時，如圖丙，小車將做變速運動，此時F5　小于　F6．

（2）在圖甲實驗的基礎上，將小車扭轉一個角度，松手后，觀察小車的情況，這樣做可以探究什么問題？

（3）對比甲、乙、丙三次實驗，當小車靜止時，水平方向上受到兩個力的大小關系如何？還能看出小車受非平衡力作用時，運動狀態將怎樣？

【考點】6P：二力平衡的概念．

【分析】（1）先判斷物體的運動狀態，再根據運動狀態判斷力的大小，物體如果在兩個力的作用下靜止或勻速直線運動，那么這兩個力平衡，大小相等、方向相反、作用在同一直線上．

（2）小車片轉過一個角度，不滿足二力平衡的條件，不能平衡；設計此實驗步驟的目的是探究平衡力是否在同一直線上；

（3）二力平衡條件：大小相等、方向相反、在同一直線上、作用在同一物體上．

【解答】解：（1）根據二力平衡的條件可知，圖甲小車靜止，此時F1、F2的方向相反，大小相等；圖乙小車仍靜止，此時F3等于F4；圖丙當右端再掛上一個鉤碼時，小車做變速運動，此時F5小于F6．

（2）圖甲實驗的基礎上，將小車扭轉一個角度，力的方向不在一條直線上，松手后小車會發生轉動，這樣做可以探究作用在同一物體上但不在同一直線上的兩個力，能否平衡？

（3）對比甲、乙、丙三次實驗可知，當小車靜止時，水平方向上受到兩個力的大小相等；由圖丙可知，小車受非平衡力作用時，運動狀態將改變．

故答案為：（1）相反；相等；等于；小于；（2）作用在同一物體上但不在同一直線上的兩個力，能否平衡？（3）大小相等；運動狀態將改變．

【點評】此題考查了探究二力平衡實驗中需要注意問題及實驗中的一些重要步驟，牢固掌握二力平衡的四個條件是關鍵．此題考查比較全面，是一道基礎題．

27．某小組研究小燈泡電功率，小燈泡額定電壓為2.5V，電源電壓恒定不變，有規格為“10Ω 2A”和“20Ω 2A”的滑動變阻器各一個．

（1）如圖甲所示，選用“10Ω 2A”規格的滑動變阻器進行實驗．連接電路時，需將滑動變阻器的滑片P置于　A　（填“A或“B）端，其目的是　保護電路　．

（2）接著用開關迅速試觸，燈泡發光，電壓表示數如圖乙，此時燈泡兩端電壓為　2.8　V．為了使燈

泡正常發光，接下來的操作是：　斷開開關，用“20Ω2A”替換“10Ω 2A”的滑動變阻器，并調節滑片P到接入電路的阻值最大處；閉合開關，調節滑片P，直至觀察到電壓表示數為2.5V；　．

（3）實驗中收集信息如上表．分析表格中信息可得，

①小燈泡額定功率為　0.75　W；

②在電路安全范圍內，小燈泡兩端實際電壓越大，消耗的電功率　越大　，燈泡越亮．

【考點】JF：電功率的測量．

【分析】（1）根據閉合開關前滑動變阻器的滑片P應該置于A端，滑動變阻器的阻值最大，可起到保護電路的作用；

（2）先確定電壓表的量程和分度值，而后據電壓表的示數讀數即可；在額定電壓下燈泡的功率為額定功率，根據題意與電路圖判斷滑片的移動方向；

（3）①由表格，讀出電流表示數，然后由P=UI求出燈泡的額定功率；

②由電功率進行比較可得結論．

【解答】解：（1）由閉合開關前滑動變阻器的滑片P應置于A端，使滑動變阻器的阻值最大，其目的是為了保護電路；

（2）由圖乙可知，電壓表量程“0～3V“，分度值0.1V，電壓表示數為2.8V大于于燈泡額定電壓，為測燈泡額定電壓，由電路圖根據串聯電路的分壓原理可知，應向右移動滑片，使電壓表示數等于燈泡額定電壓2.5V，而此時滑動變阻器在阻值最大端，故應，斷開開關，用“20Ω 2A”替換“10Ω 2A”的滑動變阻器，并調節滑片P到接入電路的阻值最大處；閉合開關，調節滑片P，直至觀察到電壓表示數為2.5V；

（3）①由表格可知，電流表示數為0.3A，

此時燈泡正常發光，即燈泡兩端電壓U=2.5V，

所以燈泡額定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．

②由表格可知，在電路安全范圍內，小燈泡兩端實際電壓越大，消耗的電功率越大，燈泡越亮．

故答案為：（1）A；保護電路；（2）2.8；斷開開關，用“20Ω 2A”替換“10Ω 2A”的滑動變阻器，并調節滑片P到接入電路的阻值最大處；閉合開關，調節滑片P，直至觀察到電壓表示數為2.5V；（3）①0.75；②越大．

【點評】本題考查了實物連接、滑動變阻器的作用、調節、電表讀數、求燈泡額定功率等；是一道綜合題．

28．在家庭實驗室，小聰學習使用電熨斗，如圖為一款有高溫、低溫兩檔的家用電熨斗，部分參數見下表．

請回答：

（1）電熨斗平放在水平桌面上，它與桌面的接觸面積為9.8×10﹣3m2，則電熨斗對桌面的壓強有多大？（g=9.8N/kg）

（2）使用高溫檔時，通過電熨斗的電流是多少？（結果保留一位小數）

（3）電燙斗在一次使用中，高溫檔工作累計30min，低溫檔工作累計15min，求此次使用中一共消耗多少電能？

【考點】86：壓強的大小及其計算；J8：電功率與電能、時間的關系；J9：電功率與電壓、電流的關系．

【分析】（1）電熨斗平放在水平桌面上，對桌面的壓力和自身的重力相等，根據F=G=mg求出其大小，又知道它與桌面的接觸面積，根據p=求出電熨斗對桌面的壓強；

（2）根據P=UI求出使用高溫檔時通過電熨斗的電流；

（3）根據W=Pt求出高溫檔和低溫檔消耗的電能，兩者之和即為此次使用中一共消耗的電能．

【解答】解：（1）電熨斗平放在水平桌面上，對桌面的壓力：

F=G=mg=1.2kg×9.8N/kg=11.76N，

電熨斗對桌面的壓強：

p===1200Pa；

（2）由P=UI可得，使用高溫檔時通過電熨斗的電流：

I==≈6.8A；

（3）由P=可得，此次使用中一共消耗的電能：

W=W高+W低=P高t高+P低t低=1500W×30×60s+500W×15×60s=3.15×106J．

答：（1）電熨斗對桌面的壓強為1200Pa；

（2）使用高溫檔時，通過電熨斗的電流是6.8A；

（3）此次使用中一共消耗3.15×106J的電能．

【點評】本題考查了壓強公式和電功率公式、電功公式的應用，關鍵是知道水平面上物體的壓力和自身的重力相等以及從表格中獲取有用的數據．