2018年上海市徐匯區中考物理模擬真題【Word版含答案及解析】

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一、選擇題（共16分）

1．（2分）在原子核中，不帶電的粒子是（　　）

A．質子????????????? B．電子????????????? C．中子????????????? D．原子

2．（2分）以下各種單色光中，屬于三原色光之一的是（　　）

A．藍光????????????? B．橙光????????????? C．黃光????????????? D．紫光

3．（2分）發現電流磁效應的科學家是（　　）

A．牛頓????????????? B．奧斯特????????????? C．庫倫????????????? D．歐姆

4．（2分）冬運會的冰壺運動中，冰壺在運動員不斷摩擦冰面的過程中前進，其慣性（　　）

A．變大????????????? B．不變????????????? C．先變大后不變????????????? D．先變大后變小

5．（2分）質量和初溫都相同的鐵塊和一杯水，吸收相等熱量后，把鐵塊投入這杯水中，已知c鐵＜c水，則（　　）

A．熱量由水傳給鐵塊????????????? B．水和鐵塊之間沒有熱傳遞

C．熱量由鐵塊傳給水????????????? D．條件不足，無法判斷

6．（2分）甲、乙兩物體同向做勻速直線運動，如圖所示是它們的s﹣t圖象，觀察者位于P處，t=0時，乙物體經過P處，t=2秒時甲物體也經過P處，則甲從經過P處到追上乙所用時間t甲和通過的路程s為（　　）

A．t甲=3秒，s=15米????????????? B．t甲=3秒，s=25米

C．t甲=5秒，s=15米????????????? D．t甲=5秒，s=25米

7．（2分）甲、乙兩個均勻實心正方體放在水平地面上，它們對水平地面的壓強相等，密度的大小關系為ρ甲＞ρ乙．若分別沿水平方向截去一部分，使剩下的高度相同，它們剩余部分質量為m甲、m乙，對地面壓力的變化量的大小為△F甲、△F乙，則（　　）

A．m甲＞m乙，△F甲＞△F乙????????????? B．m甲＞m乙，△F甲＜△F乙

C．m甲＜m乙，△F甲＞△F乙????????????? D．m甲＜m乙，△F甲＜△F乙

8．（2分）在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，電鍵S斷開，在下列的各種操作中，能使電表A與A1示數之差變大的是（　　）

A．滑動變阻器R1的滑片向右滑動

B．滑動變陽器R1的滑片向左滑動

C．閉合電鍵S前后

D．閉合電鍵S后，滑動變阻器R1的滑片向右滑動

二、填空題（共24分）

9．（3分）上海地區家用照明電路的電壓為　?? 　伏：電燈所消耗的電能是遠方的發電站通過　?? 　（選填“高壓“或“低壓“）輸電線路輸送至用電區的：額定功率為1千瓦的用電器正常工作2小時，耗電　?? 　度。

10．（3分）如圖所示的冰球比賽中，球被擊打飛出主要表明力可以改變物體的　?? 　：冰球在向上飛行的過程中，其質量將　?? 　，重力勢能將　?? 　（均選填“增大”“不變”或“減小”）。

11．（3分）生活中蘊含著很多物理知識：小朋友能透過聲音分辨門外的人是不是自己的家人，主要是因為不同人聲音的　?? 　不同：如圖所示，真空吸盤掛鉤是利用了　?? 　的作用牢牢吸附在墻上：工人常用重錘線檢測墻面是否豎直，因為重錘線是利用重力的方向總是　?? 　向下的原理制成的。

12．（3分）某導體兩端電壓為3伏，通過的電流為0.5安，則在10秒內通過該導體橫截面的電荷量為　?? 　庫，這段時間電流做的功為　?? 　焦。導體的電阻為　?? 　歐。

13．（4分）如圖所示，　?? 　滑輪可以看作是等臂杠桿（選填“A”或“B“）若兩物體所受重力均為10牛且處于靜止狀態，不計摩擦和滑輪重力，力F1的大小為　?? 　牛，力F2的大小為　?? 　牛；當乙物體勻速上升時，它所受合力的大小為　?? 　牛。

14．（4分）在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合電鍵S后，燈泡L1和L2都不亮，己知故障僅發生在燈泡L1或L2上，且為斷路，其他元件仍保持完好，現用電流表或電壓表檢查電路故障，檢查方法一：將電壓表接在a，b兩點間，若電壓表有示數，則說明燈泡L1斷路，請寫出其它的檢查方法（至少兩種）　?? 　；　?? 　。

15．（4分）某小組同學為了研究帶同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與哪些因素有關，他們用測微小力的電子秤和兩個帶同種電荷的金屬球A、B進行圖7所示的實驗，他們先將電子秤調零，如圖（a）所示。然后讓金屬球A、B分別帶等量同種電荷，帶電體間排斥力的大小通過電子秤的示數觀察。己知圖（c）、（d）中A、B球間距相同，且大于圖7（b）中A、B球間距；圖（b）、（c）中A，B球電量相等，且大于圖（d）中A、B球的電量。實驗現象如圖7所示，請根據實驗現象及相關條件，歸納得出初步結論。

①分析比較圖（b）和（c）中電子秤示數和相關條件可得：　?? 　；

②分析比較圖（c）和（d）中電子秤示數和相關條件可得：　?? 　。

三、作圖題〔共7分）請用2B鉛筆將圖畫在答題紙的相應位置．

16．（2分）在圖中，重為4牛的物體靜止在水平地面上，用力的圖示法畫出它受到的重力G。

17．（2分）根據平面鏡成像特點畫出圖AB在鏡中的像。

18．（3分）在圖所示的電路中，以筆線代替導線，補兩根導線，要求：使兩燈并聯，電鍵S閉合后兩燈發光，電流表只測燈L2的電流。

四、計算題（共25分）

19．（3分）杠桿平衡時，動力F1的大小為10牛，動力臂L1為0.1米，阻力臂L2為0.2米，求阻力F2的大小。

20．（5分）物體在15牛的水平拉力作用下沿拉力方向做勻速直線運動，5秒內前進了10米。求此過程中拉力做的功W和功率P。

21．（8分）如圖所示，均勻圓柱體甲和盛有液體乙的圓柱形容器分別置于高度差為h的兩個水平面上。甲物高為5h、底面積為S甲：圓柱形容器高度為7h，液體乙深度為6h、底面積為S乙（S甲=2S乙）、體積為5×10﹣3米（ρ乙=0.8×103千克/米3）。求：

①液體乙的質量m乙

②距離液面0.1米深處的液體內部壓強p乙

③如圖所示，若沿圖示水平面MN處切去部分甲物，從容器中抽取部分乙液體至水平面MN處，發現二者質量的變化是一樣。現從甲的上部繼續沿水平方向截去高度△h后，甲對水平地面壓強為p′甲；向容器中加入深度為△h的液體乙后，乙對容器底部的壓強為p′乙，請通過計算比較p′甲和p′乙的大小關系及其對應的△h取值范圍。

22．（9分）如圖（a）所示，電源電壓為18伏，且保持不變，定值電阻R1的阻值為5歐，滑動變阻器R2標有“60Ω 1A”字樣，兩電壓表的規格相同。閉合電鍵S后，電流表示數為0.6安，求：

①電壓表V1的示數

②電阻R2接入電路的阻值

③現用定值電阻R0替換電阻R1，要求：移動變阻器的滑片P，使電壓表V1和V2的指針分別都能處于如圖（b）所示的位置，且電路正常工作

i）若電壓表V1和V2的指針分別都能處于如圖（b）所示的位置，電壓表V1和V2的讀數一定為　?? 　伏，理由是　?? 　。

ii）進一步分析題目要求可知，當電路中的電流I達到1A時電路中的總電阻最小，此時電壓表V2的示數為　?? 　（均選填“最大值”或“最小值“），可分析推出：R0的最小阻值為　?? 　歐。

iii）通過計算求出定值電阻R0的范圍。

五、實驗題（共18分）

23．（4分）在“探究平面鏡成像的特點”實驗中，為了能夠找到　?? 　像的位置（選填“實”或“虛”），要用　?? 　作為平面鏡，如圖所示的彈簧測力計測量范圍為　?? 　牛，此時的示數為　?? 　。

24．（4分）如圖所示，在“探究凸透鏡成像的規律”實驗中，調整實驗裝置時，要使凸透鏡和光屏的中心跟燭焰的中心大致在　?? 　。若凸透鏡焦距為12厘米，將凸透鏡置于光具座上A點處，在距B點5厘米的光屏上能找到清晰的像，則這個像一定是　?? 　的（選填“放大”或“縮小“），此時蠟燭位于光具座　?? 　厘米的刻度線之間：若要得到燭焰的虛像，應使蠟燭位于光具座　?? 　厘米的刻度線之間。[第（7）、（8）空均選填“0﹣26”、“26﹣38”或“38﹣50″]

25．（5分）小徐做“測定小燈泡的電功率”實驗，現有電源（電壓為定值）、待測小燈泡（標有“4V”字樣）、電流表、電壓表（只有0～3伏檔完好）、滑動變阻器A、B（A標有“10Ω? 1A”字樣、B標有“20Ω? 1A“字樣）、電鍵及導線若干。他選用其中一個滑動變阻器正確連接電路后進行實驗，當移動變阻器滑片至某一位置時，發現電壓表、電流表的示數如圖（a）、（b）所示。

他經過思考，重新連接電壓表后進行實驗，將新測得的三組數據記錄在下表中，

①小徐在實驗中選用的滑動變阻器是　?? 　（選填“A”或“B”），重新接入電壓表時，他把電壓表接在　?? 　（選填“cd”或“ef”）位置。

②實驗中小徐觀察到小燈三次的發光亮度不同，因此他在“亮度”這一列填寫了“較暗、較亮、最亮”，他經過判斷后確認實驗序號　?? 　時小燈泡恰好正常發光，他判斷的依據是　?? 　，小燈的額定電功率P額為　?? 　瓦。

26．（5分）一個小球固定在彈性細桿的末端，彈性細桿豎直安置在一個平臺上，小球靜止時在平衡位置O，當小球被撥離平衡位置到A處后釋放，小球將和桿一起按圖所示的方式來回振動。若將小球從A出發再次回到A確定為振動1次，可以數出一段時間內小球來回振動的次數（取整數）。

小組同學猜想小球在1分鐘內的振動次數可能受下列因素影響。

甲。細桿長度；? 乙。小球開始釋放位置與平衡位置之間的距離AO；?? 丙。小球質量他們想通過實驗來探究影響小球在1分鐘內振動次數的因素。于是設計了實驗記錄表一，并將些有關的實驗條件及數據記錄在表一中：

表一：

①根據表一中的信息，你認為可以探究的相關因素是　?? 　

A．甲??????? B．乙???????????? C．丙?????? D．甲和乙???????? E．甲和丙?????? F．乙和丙???? G．甲、乙、丙?????? H．與甲、乙、丙無關的其它因素

請說明你選擇該選項的依據：　?? 　。

②小組同學隨后進行了實驗，并把實驗結果記錄在表二中

表二：

根據表二中的信息，你認為影響小球1分鐘內振動次數的因素是　?? 　。

A．甲??????? B．乙???????????? C．丙?????? D．甲和乙???????? E．甲和丙????? F．乙和丙???? G．甲、乙、丙?????? H．與甲、乙、丙無關的其它因素

請說明你選擇該選項的依據：　?? 　

2018年上海市徐匯區中考物理模擬真題參考答案　

一、選擇題（共16分）

1．（2分）在原子核中，不帶電的粒子是（　　）

A．質子????????????? B．電子????????????? C．中子????????????? D．原子

【分析】根據原子結構的基礎知識可以得到此題的答案。

【解答】解：原子是由帶負電的電子和原子核組成的，原子核又是由帶正電的質子和不帶電的中子構成的，故不帶電的粒子是中子。

故選：C。

【點評】牢記課本的基礎知識，對于解決這種基礎題非常關鍵。

2．（2分）以下各種單色光中，屬于三原色光之一的是（　　）

A．藍光????????????? B．橙光????????????? C．黃光????????????? D．紫光

【分析】彩色電視機熒屏上呈現各種顏色是由紅綠藍三色色光合成的，紅、綠、藍三種色光叫色光的三原色。

【解答】解：用放大鏡觀察彩色電視畫面，可以發現是由紅、綠、藍三種色光混合而成的，因此紅、綠、藍被稱為色光的三原色。

故選：A。

【點評】光的三原色需要牢固記憶和掌握；色光的三原色和顏料的三原色容易混淆，要正確區分。

3．（2分）發現電流磁效應的科學家是（　　）

A．牛頓????????????? B．奧斯特????????????? C．庫倫????????????? D．歐姆

【分析】此題考查物理學家及其貢獻，根據對于牛頓、奧斯特、庫倫、歐姆對于我們物理學的貢獻來作答。

【解答】解：

A、牛頓在力學方面做出了卓越貢獻，著名的牛頓三定律就是牛頓歸納總結的，故A不符合題意；

B、奧斯特通過奧斯特實驗揭示了電流周圍存在磁場，成為第一個揭示電和磁聯系的人，故B符合題意；

C、庫倫發現了電荷之間相互作用的規律﹣﹣庫倫定律，故C不符合題意；

D、歐姆發現了通過導體的電流與導體兩端電壓、導體的電阻關系的歐姆定律，故D不符合題意。

故選：B。

【點評】此題有很好的教育意義，能夠教育學生在學習中不屈不撓，認真學習頑強拼搏的精神。

4．（2分）冬運會的冰壺運動中，冰壺在運動員不斷摩擦冰面的過程中前進，其慣性（　　）

A．變大????????????? B．不變????????????? C．先變大后不變????????????? D．先變大后變小

【分析】物體保持原來運動狀態不變的性質叫慣性，一切物體都有慣性，慣性是物體的一種屬性，慣性大小只跟物體的質量大小有關，跟物體是否受力、是否運動、運動速度等都沒有關系，質量越大，慣性越大。

【解答】解：慣性大小只跟物體的質量大小有關，跟物體是否運動、運動速度等都沒有關系，冰壺在運動員不斷摩擦冰面的過程中前進，質量不變，慣性不變。

故選：B。

【點評】此題主要考查學生對慣性的理解。難度不大，屬于基礎題目。

5．（2分）質量和初溫都相同的鐵塊和一杯水，吸收相等熱量后，把鐵塊投入這杯水中，已知c鐵＜c水，則（　　）

A．熱量由水傳給鐵塊????????????? B．水和鐵塊之間沒有熱傳遞

C．熱量由鐵塊傳給水????????????? D．條件不足，無法判斷

【分析】物體間發生熱傳遞的條件是有溫度差，先結合熱量公式Q=cm△t分析鐵塊和水的溫度關系，判斷出鐵塊和水的末溫大小后，再判斷熱傳遞的方向。

【解答】解：

質量和初溫都相同的鐵塊和一杯水，當它們吸收相同的熱量后，由于c鐵＜c水，所以根據Q=cm△t可知，鐵塊升高的溫度較高，由于初溫相同，所以鐵塊的末溫高；

根據熱傳遞的條件可知，此時把鐵塊投入這杯水中，熱量由溫度高的鐵塊傳給溫度低的水，故C正確。

故選：C。

【點評】解決此類問題要結合發生熱傳遞的條件和比熱容相關知識進行分析解答。　

6．（2分）甲、乙兩物體同向做勻速直線運動，如圖所示是它們的s﹣t圖象，觀察者位于P處，t=0時，乙物體經過P處，t=2秒時甲物體也經過P處，則甲從經過P處到追上乙所用時間t甲和通過的路程s為（　　）

A．t甲=3秒，s=15米????????????? B．t甲=3秒，s=25米

C．t甲=5秒，s=15米????????????? D．t甲=5秒，s=25米

【分析】（1）由圖象知，甲和乙路程與時間的圖象都是一條過原點的直線，說明了甲和乙都是做勻速直線運動的，分別找出甲和乙運動2s的路程，再根據v=求出甲和乙的運動速度；

（2）由圖象得出甲和乙2秒運動的路程，分析兩物體同向運動時，根據甲和乙原來的距離分別求出甲和乙運動2秒后的距離。

【解答】解：

由甲和乙的運動s﹣t圖象可知：都是一條過原點的直線，說明甲和乙都是做勻速直線運動的；

甲在2s的時間內運動的距離是6m，則速度v甲===5m/s，乙在2s的時間內運動的距離是6m，速度為v乙===3m/s；

觀察者位于P處，t=0時，乙物體經過P處，t=2秒時甲物體也經過P處，由題意可得甲乙相差的路程：s=s乙=v乙t=3m/s×2s=6m，

由v=可得，則甲從經過P處到追上乙所用時間t甲：

t甲===3s；

甲、乙兩物體同向運動，甲從經過P處到追上乙所用時間通過的路程s：

s=v甲t甲=5m/s×3s=15m。

故選：A。

【點評】此題考查的是我們對于圖象的分析能力和速度公式的靈活應用，需要我們認真的分析，關鍵是甲乙物體的運動方向的幾種可能性，一定做出正確的判斷。

7．（2分）甲、乙兩個均勻實心正方體放在水平地面上，它們對水平地面的壓強相等，密度的大小關系為ρ甲＞ρ乙．若分別沿水平方向截去一部分，使剩下的高度相同，它們剩余部分質量為m甲、m乙，對地面壓力的變化量的大小為△F甲、△F乙，則（　　）

A．m甲＞m乙，△F甲＞△F乙????????????? B．m甲＞m乙，△F甲＜△F乙

C．m甲＜m乙，△F甲＞△F乙????????????? D．m甲＜m乙，△F甲＜△F乙

【分析】因水平面上物體的壓力和自身的重力相等，正方體對水平地面的壓強為p======ρgL，由甲乙對水平地面的壓強相等可知兩者的邊長關系和密度關系；若分別沿水平方向截去一部分，使剩下的高度相同，根據m=ρV表示出剩余部分的質量，根據△F=△G=△mg表示出對地面壓力的變化量，然后結合邊長關系和密度關系比較它們的大小關系。

【解答】解：因水平面上物體的壓力和自身的重力相等，

所以，正方體對水平地面的壓強：

p======ρgL，

因甲、乙兩個均勻實心正方體對水平地面的壓強相等，且ρ甲＞ρ乙，

所以，L甲＜L乙，

由p=ρ甲gL甲=ρ乙gL乙可得，ρ甲=，

若分別沿水平方向截去一部分，使剩下的高度h相同，如下圖所示：

則甲、乙剩余部分的質量分別為：

m甲=ρ甲L甲2h=L甲2h=ρ乙L乙L甲h，

m乙=ρ乙L乙2h=ρ乙L乙L乙h，

由L甲＜L乙可知，ρ乙L乙L甲h＜ρ乙L乙L乙h，即m甲＜m乙，故AB錯誤；

因水平面上物體的壓力和自身的重力相等，

所以，甲、乙對地面壓力的變化量分別為：

△F甲=△m甲g=ρ甲L甲2（L甲﹣h）g=L甲2（L甲﹣h）g=ρ乙L乙L甲（L甲﹣h）g，

△F乙=△m乙g=ρ乙L乙2（L乙﹣h）g=ρ乙L乙L乙（L乙﹣h）g，

由L甲＜L乙可知，（L甲﹣h）＜（L乙﹣h），即ρ乙L乙L甲（L甲﹣h）g＜ρ乙L乙L乙（L乙﹣h）g，

所以，△F甲＜△F乙，故C錯誤、D正確。

故選：D。

【點評】本題考查了密度公式和重力公式以及壓強公式的靈活運用，關鍵是知道水平面上物體的壓力和自身的重力相等以及p=ρgh的靈活運用。

8．（2分）在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，電鍵S斷開，在下列的各種操作中，能使電表A與A1示數之差變大的是（　　）

A．滑動變阻器R1的滑片向右滑動

B．滑動變陽器R1的滑片向左滑動

C．閉合電鍵S前后

D．閉合電鍵S后，滑動變阻器R1的滑片向右滑動

【分析】開關S斷開時，滑動變阻器接入電路中，兩個電流表測量的是通過滑動變阻器的電流；

開關S閉合時，該電路為并聯電路，電流表A測量的是干路中的電流，電流表A1測量的是滑動變阻器的電流，根據并聯電路的電流特點分析。

【解答】解：

AB、開關S斷開時，只有滑動變阻器接入電路中，滑動變阻器的滑片移動時，能改變電路中電流的大小；兩個電流表測量的是通過滑動變阻器的電流，故兩個電流表的示數是相同的，故AB錯誤；

C、閉合電鍵S前，兩表示數是相同的；閉合電鍵S后，R1和R2并聯接入電路，由于R1兩端的電壓不變，故通過R1的電流不變，即A1的示數不變；根據并聯電路的電流特點可知，干路中的電流等于支路電流的和，故A的示數會變大，則A與A1示數之差變大，故C正確；

D、閉合電鍵S后，電流表A與A1示數之差為通過定值電阻R2的電流，滑動變阻器R1的滑片滑動，不會改變R2的電流，故D錯誤。

故選：C。

【點評】本題考查了并聯電路電流的特點和歐姆定律的應用，難度不大。

二、填空題（共24分）

9．（3分）上海地區家用照明電路的電壓為　220　伏：電燈所消耗的電能是遠方的發電站通過　高壓　（選填“高壓“或“低壓“）輸電線路輸送至用電區的：額定功率為1千瓦的用電器正常工作2小時，耗電　2　度。

【分析】（1）我國家庭電路的電壓為220V。

（2）根據P=UI，在輸送功率一定時，電壓越高，電流越小，根據Q=I2Rt，電阻一定，通電時間一定時，電流越小，電熱越少，輸送過程中能量損失越小，所以從發電站到用電區采用高壓輸電。

（3）利用W=Pt求消耗的電能。

【解答】解：

（1）上海地區家用照明電路的電壓為220V。

（2）在輸送功率一定時，電壓越高，電流越小，輸送過程中電能的損失越小，所以從發電站到用電區采用高壓輸電。

（3）用電器消耗的電能：W=Pt=1kW×2h=2kW?h=2度。

故答案為：220；高壓；2。

【點評】本題考查了家庭電路的電壓、高壓輸電的原因以及電能的計算，計算時注意單位統一。

10．（3分）如圖所示的冰球比賽中，球被擊打飛出主要表明力可以改變物體的　運動狀態　：冰球在向上飛行的過程中，其質量將　不變　，重力勢能將　增大　（均選填“增大”“不變”或“減小”）。

【分析】（1）力的作用效果是改變物體的形狀和改變物體的運動狀態；物體運動狀態的改變指：物體方向的改變和物體速度的改變；

（2）質量是物體本身的一種屬性，只有在所含物質的多少發生變化時才會改變，如果只是改變了形狀、狀態、位置則不會發生改變；

（3）重力勢能大小的影響因素：質量、被舉得高度，質量越大，高度越高，重力勢能越大。

【解答】解：

球被擊打飛出后球的運動方向和速度都發生了變化，說明力改變了球的運動狀態；

質量是物體本身的一種屬性，只有在所含物質的多少發生變化時才會改變，冰球在向上飛行的過程中，質量不變，所處高度增加、重力勢能增大。

故答案為：運動狀態；不變；增大。

【點評】此題考查力的作用效果、質量的特性、影響能量大小的因素，是力學的基礎知識。

11．（3分）生活中蘊含著很多物理知識：小朋友能透過聲音分辨門外的人是不是自己的家人，主要是因為不同人聲音的　音色　不同：如圖所示，真空吸盤掛鉤是利用了　大氣壓　的作用牢牢吸附在墻上：工人常用重錘線檢測墻面是否豎直，因為重錘線是利用重力的方向總是　豎直　向下的原理制成的。

【分析】（1）音色反映的是聲音的品質與特色，它跟發聲體的材料和結構有關；音調是由發聲體振動的頻率決定的，物體振動頻率越快，音調越高，振動頻率越慢，音調越低；

（2）真空吸盤掛鉤是利用了大氣壓的作用；

（3）重力的方向在任何情況下都是豎直向下的，重錘線是利用重物靜止時線總是豎直下垂的原理制造的儀器。

【解答】解：

每個人的聲帶結構有所不同，所以發出聲音的音色就會不同，小朋友能透過聲音分辨門外的人是不是自己的家人，主要是因為不同人聲音的音色不同；

用力將吸盤緊壓在墻壁上，將吸盤中的空氣排出，松手后，由于吸盤內的空氣減少，內部氣壓小于外界大氣壓，外界大氣壓將吸盤緊壓在墻壁上，則在鉤上可以掛衣服；

重力的方向總是豎直向下的，如果墻和重錘線的方向是一致的，則墻和重錘線平行，即墻壁就是豎直的，所以工人常用重錘線檢測墻面是否豎直，原理就是利用了重力的方向是豎直向下的。

故答案為：音色；大氣壓；豎直。

【點評】本題考查了學生對音色、大氣壓的應用、重力方向的理解和掌握，重力的方向總是豎直向下的這一原理在實際生活和生產中經常用到，學習中要認真領會。

12．（3分）某導體兩端電壓為3伏，通過的電流為0.5安，則在10秒內通過該導體橫截面的電荷量為　5　庫，這段時間電流做的功為　15　焦。導體的電阻為　6　歐。

【分析】由歐姆定律可以求出導體電阻；由電流定義式的變形公式可以求出電荷量；由W=UIt可以求出電流做的功；導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與電壓和電流無關。

【解答】解：因為I=，

所以電荷量Q=It=0.5A×10s=5C；

電流做的功W=UIt=3V×0.5A×10s=15J；

因為I=，

所以導體電阻R===6Ω。

故答案為：5；15；6。

【點評】本題考查了求電阻、電荷量、電功等問題，是一道基礎題，掌握基礎知識即可正確解題。

13．（4分）如圖所示，　A　滑輪可以看作是等臂杠桿（選填“A”或“B“）若兩物體所受重力均為10牛且處于靜止狀態，不計摩擦和滑輪重力，力F1的大小為　20　牛，力F2的大小為　10　牛；當乙物體勻速上升時，它所受合力的大小為　0　牛。

【分析】（1）定滑輪的本質是等臂杠桿，不省力，也不省距離；動滑輪的本質是動力臂是阻力臂二倍的杠桿，可以省一半的力，但是費距離。

（2）當物體受平衡力作用時，物體處于靜止狀態或勻速直線運動狀態。

【解答】解：（1）A是定滑輪，本質是等臂杠桿，B是動滑輪，本質是動力臂是阻力臂二倍的杠桿；定滑輪不省力，也不費力，不計摩擦和滑輪重力，力F1的大小為20N；

（2）不計摩擦和滑輪重力，B是動滑輪可以省一半的力，因此F2=×20N=10N，貨物在豎直勻速上升時，受平衡力作用，即合力為零。

故答案為：A；20；10；0。

【點評】本題考查了定滑輪和動滑輪的實質以及平衡力，屬于力學基礎內容的考查，是中考的熱點。

14．（4分）在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合電鍵S后，燈泡L1和L2都不亮，己知故障僅發生在燈泡L1或L2上，且為斷路，其他元件仍保持完好，現用電流表或電壓表檢查電路故障，檢查方法一：將電壓表接在a，b兩點間，若電壓表有示數，則說明燈泡L1斷路，請寫出其它的檢查方法（至少兩種）　將電壓表接在b、c兩點間，開關閉合，如果電壓表有讀數，說明燈泡L2斷路　；　將電流表并聯在a、b兩點間，開關閉合，如果電流表有讀數，說明燈泡L1斷路　。

【分析】使用電流表時，由于電流表的電阻很小，相當于所接的兩點用導線連接，若有示數，說明原來這兩點間開路，若無示數，說明其它地方開路。使用電壓表時，若有示數，說明所接兩點分別能接到電源的兩極上，原來這里開路，若無示數，說明其它地方開路。

【解答】解：由題知，閉合電鍵S后，燈泡L1和L2都不亮，故障僅發生在燈泡L1或L2上，且為斷路，其他元件仍保持完好；檢查方法如下：

（1）將電壓表接在b、c兩點間，開關閉合，如果電壓表有讀數，說明電壓表與電源兩端相連，則燈泡L2斷路；

（2）將電流表并聯在a、b兩點間，開關閉合，如果電流表有讀數，說明電流表通過L2與電源兩端相連，L2是完好的，故障為燈泡L1斷路；

（3）將電流表并聯在b、c兩點間，開關閉合，如果電流表有示數，說明電流表通過L1與電源兩端相連，L1是完好的，故障為燈泡L2斷路。

故答案為：（1）將電壓表接在b、c兩點間，開關閉合，如果電壓表有讀數，說明燈泡L2斷路；

（2）將電流表并聯在a、b兩點間，開關閉合，如果電流表有讀數，說明燈泡L1斷路。

【點評】本題考查了電路的故障的判斷，答案不唯一，可有多種方法來判斷，只要合理即可。　

15．（4分）某小組同學為了研究帶同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與哪些因素有關，他們用測微小力的電子秤和兩個帶同種電荷的金屬球A、B進行圖7所示的實驗，他們先將電子秤調零，如圖（a）所示。然后讓金屬球A、B分別帶等量同種電荷，帶電體間排斥力的大小通過電子秤的示數觀察。己知圖（c）、（d）中A、B球間距相同，且大于圖7（b）中A、B球間距；圖（b）、（c）中A，B球電量相等，且大于圖（d）中A、B球的電量。實驗現象如圖7所示，請根據實驗現象及相關條件，歸納得出初步結論。

①分析比較圖（b）和（c）中電子秤示數和相關條件可得：　同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與距離有關；帶電量相等時，距離越小，排斥力越大　；

②分析比較圖（c）和（d）中電子秤示數和相關條件可得：　同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與電量有關；距離相等時，電量越大，排斥力越大　。

【分析】明確實驗目的，結合控制變量法的應用，找出圖中的異同點，則能夠得出實驗結論。

【解答】解：（1）分析比較圖（b）和（c），電子秤示數不同，說明排斥力不同；實驗條件是電量相同，距離不同；故可得結論：同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與距離有關；帶電量相等時，距離越小，排斥力越大。

（2）分析比較圖（c）和（d），電子秤示數不同，說明排斥力不同；實驗條件是距離相同，電量不同；故可得結論：同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與電量有關；距離相等時，電量越大，排斥力越大。

故答案為：（1）同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與距離有關；帶電量相等時，距離越小，排斥力越大。

（2）同種電荷的帶電體之間排斥力的大小與電量有關；距離相等時，電量越大，排斥力越大。

【點評】結合實驗目的，運用控制變量法的思想，可回答實驗結論。

三、作圖題〔共7分）請用2B鉛筆將圖畫在答題紙的相應位置．

16．（2分）在圖中，重為4牛的物體靜止在水平地面上，用力的圖示法畫出它受到的重力G。

【分析】先畫出標度，然后根據規則物體的重心在物體的幾何中心，過重心表示出重力的大小和方向。

【解答】解：畫出大小表示2N的標度，然后過物體重心作豎直向下的重力，使線段長度為標度的2倍。如圖所示：

。

【點評】此題考查了力的圖示的畫法，力的圖示比示意圖要求更加嚴格，在作圖時，注意線段的長度必須與標度統一起來。

17．（2分）根據平面鏡成像特點畫出圖AB在鏡中的像。

【分析】平面鏡成像的特點是：像物大小相等、到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直、左右互換，即像物關于平面鏡對稱，利用這一對稱性作出AB的像。

【解答】解：分別作出物體AB端點A、B關于平面鏡的對稱點A′、B′，用虛線連接A′、B′即為AB在平面鏡中的像。如圖：

【點評】在平面鏡成像作圖中，若作出物體在平面鏡中所成的像，要先根據像與物關于平面鏡對稱，先作出端點和關鍵點的像點，再用虛線連接各點即為物體的像。

18．（3分）在圖所示的電路中，以筆線代替導線，補兩根導線，要求：使兩燈并聯，電鍵S閉合后兩燈發光，電流表只測燈L2的電流。

【分析】由題意可知，兩燈并聯，電鍵S閉合后兩燈發光說明電鍵位于干路，電流表只測燈L2的電流說明電流表與L2串聯，據此連接實物電路圖。

【解答】解：由題意可知，兩燈并聯，電鍵S位于干路，電流表與L2串聯，實物圖的連接如下圖所示：

【點評】本題考查了實物電路圖的連接，根據題意得出電路元件的連接方式是關鍵。

四、計算題（共25分）

19．（3分）杠桿平衡時，動力F1的大小為10牛，動力臂L1為0.1米，阻力臂L2為0.2米，求阻力F2的大小。

【分析】已知動力臂、阻力臂與動力大小，由杠桿平衡條件可以求出阻力大小。

【解答】解：由杠桿平衡條件得：F1×L1=F2×L2，

即：10N×0.1m=F2×0.2m，

則動力F2=5N。

答：阻力F2的大小為5N。

【點評】本題考查了學生對杠桿平衡條件的掌握和運用，屬于基礎題目。

20．（5分）物體在15牛的水平拉力作用下沿拉力方向做勻速直線運動，5秒內前進了10米。求此過程中拉力做的功W和功率P。

【分析】知道水平拉力的大小和前進的距離，根據W=Fs求出拉力做的功，根據P=求出功率的大小。

【解答】解：拉力做的功：W=Fs=15N×10m=150J；

拉力的功率：P===30W。

答：此過程中拉力做的功為150J，功率為30W。

【點評】本題考查了功和功率的計算，難度不大，是一道較為簡單的計算題。

21．（8分）如圖所示，均勻圓柱體甲和盛有液體乙的圓柱形容器分別置于高度差為h的兩個水平面上。甲物高為5h、底面積為S甲：圓柱形容器高度為7h，液體乙深度為6h、底面積為S乙（S甲=2S乙）、體積為5×10﹣3米（ρ乙=0.8×103千克/米3）。求：

①液體乙的質量m乙

②距離液面0.1米深處的液體內部壓強p乙

③如圖所示，若沿圖示水平面MN處切去部分甲物，從容器中抽取部分乙液體至水平面MN處，發現二者質量的變化是一樣。現從甲的上部繼續沿水平方向截去高度△h后，甲對水平地面壓強為p′甲；向容器中加入深度為△h的液體乙后，乙對容器底部的壓強為p′乙，請通過計算比較p′甲和p′乙的大小關系及其對應的△h取值范圍。

【分析】①已知液體乙的體積和密度，根據根據ρ=求液體乙的質量；

②根據P=ρgh求距離液面0.1米深處的液體內部壓強：

③由題意結合上圖，根據ρ=，由二者質量的變化是一樣求出；

甲的上部繼續沿水平方向截去高度△h后，向容器中加入深度為△h的液體乙后，根據壓強公式設p′甲=p'乙，求出壓強相等式的△h，以△h為橫坐標，以P′為縱坐標，分別畫出p′甲與p'乙的圖象，據此分析。

【解答】解：①液體乙體積為5×10﹣3米，ρ乙=0.8×103千克/米3，根據ρ=，則液體乙的質量：

m乙=ρ乙V乙=0.8×103千克/米3×5×10﹣3米=4千克；

②距離液面0.1米深處的液體內部壓強：

p乙=ρ乙gh=0.8×103千克/米3×9.8牛/千克×0.1米=784帕；

③兩個水平面高度差為h，甲物高為5h、底面積為S甲：圓柱形容器高度為7h，液體乙深度為6h、底面積為S乙（S甲=2S乙）、

由上圖知。甲物切去的高度為：

5h﹣h=4h，乙中倒倒出的液體高度為：6h+h﹣4h=3h，

發現二者質量的變化是一樣，根據ρ=，m=ρV，

故有ρ甲S甲h甲=ρ乙S乙h乙，

ρ甲2 S乙×h=ρ乙S乙×3h，

=，

甲的上部繼續沿水平方向截去高度△h后，甲對水平地面壓強為P′甲；向容器中加入深度為△h的液體乙后，乙對容器底部的壓強為P'乙，

設p′甲=ρ甲g （4h﹣△h），

p'乙=ρ乙g （3h+△h），

因p′甲=p′乙，

即ρ甲g （4h﹣△h）=ρ乙g （3h+△h），

故△h=1.2h，

以△h為橫坐標，以p′為縱坐標，當△h=0時，P′甲=4ρ甲gh，

當△h=4h時，P′甲=0；

當△h=0時，p′乙=3ρ乙g h=2ρ甲gh，

當△h=3h時，p′甲=6ρ乙gh=4ρ甲gh，分別作出p′甲與p'乙的圖象，如下所示：

由圖知：

Ⅰ當0＜△h＜1.2h時，p′甲＞p'乙，

Ⅱ當△h=1.2h時，p′甲=p'乙，

Ⅲ當1.2h＜△h＜4h時，p′甲＜p'乙。

答：

①液體乙的質量為4千克；

②距離液面0.1米深處的液體內部壓強p乙=784帕；

③當0＜△h＜1.2h時，p′甲＞p'乙，

Ⅱ當△h=1.2h時，p′甲=p'乙，

Ⅲ當1.2h＜△h＜4h時，p′甲＜p'乙。

【點評】本題考查密度公式和壓強公式的運用，最后一問用作圖法求解，難度較大。

22．（9分）如圖（a）所示，電源電壓為18伏，且保持不變，定值電阻R1的阻值為5歐，滑動變阻器R2標有“60Ω 1A”字樣，兩電壓表的規格相同。閉合電鍵S后，電流表示數為0.6安，求：

①電壓表V1的示數

②電阻R2接入電路的阻值

③現用定值電阻R0替換電阻R1，要求：移動變阻器的滑片P，使電壓表V1和V2的指針分別都能處于如圖（b）所示的位置，且電路正常工作

i）若電壓表V1和V2的指針分別都能處于如圖（b）所示的位置，電壓表V1和V2的讀數一定為　6　伏，理由是　如果示數為1.2V，則另一個電壓表的示數為16.8V，超出了量程　。

ii）進一步分析題目要求可知，當電路中的電流I達到1A時電路中的總電阻最小，此時電壓表V2的示數為　最小值　（均選填“最大值”或“最小值“），可分析推出：R0的最小阻值為　12　歐。

iii）通過計算求出定值電阻R0的范圍。

【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表V1測R1兩端的電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流。

①根據歐姆定律求出電壓表V1的示數；

②根據串聯電路的電壓特點求出R2兩端的電壓，根據歐姆定律求出電阻R2接入電路的阻值；

③i）根據電壓表的量程和分度值讀出示數，根據電壓表的量程確定其大小；

ii）由滑動變阻器的銘牌可知電路中的最大電流，當電路中的電流I達到最大時，電路中的總電阻最小，根據歐姆定律和串聯電路的電壓特點可知電壓表V2的狀態，電路中的電流最大為1A，此時電壓表V1的示數為12V，電壓表V2的示數為6V，根據歐姆定律求出R0的最小阻值；

iii）當滑動變阻器接入電路中的電阻最大且電壓表V2的示數為12V時，R0的阻值最大，根據串聯電路的電流特點求出電路中的電流，再根據歐姆定律求出R0的最大值，然后得出答案。

【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表V1測R1兩端的電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流。

①由I=可得，電壓表V1的示數：

U1=IR1=0.6A×5Ω=3V；

②因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，R2兩端的電壓：

U2=U﹣U1=18V﹣3V=15V，

則電阻R2接入電路的阻值：

R2===25Ω；

③i）由圖（b）可知，電壓表的量程為0～3V時，分度值為0.1V，示數為1.2V，

電壓表的量程為0～15V時，分度值為0.5V，示數為6V，

因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，電壓表的示數為1.2V時，另一個電壓表的示數為16.8V，超出了量程，此種情況不可能；

電壓表的示數為6V時，另一個電壓表的示數為12V，此種情況可能；

ii）由滑動變阻器的銘牌可知，電路中的電流最大為1A，當電路中的電流I達到1A時，電路中的總電阻最小，

由U=IR可知，當電路中的電流達到最大值時，R0兩端的電壓最大，

由串聯電路中總電壓等于各分電壓之和可知，R2兩端的電壓最小，即電壓表V2的示數最小，

此時電壓表V1的示數為12V，電壓表V2的示數為6V，

則R0的最小阻值：

R0小===12Ω；

iii）當滑動變阻器接入電路中的電阻最大且電壓表V2的示數為12V時，R0的阻值最大，

此時電路中的電流：

I小===0.2A，

則R0的最大值：

R0大===30Ω，

則定值電阻R0的范圍為12Ω～30Ω。

答：①電壓表V1的示數為3V；

②電阻R2接入電路的阻值為25Ω；

③i）6；如果示數為1.2V，則另一個電壓表的示數為16.8V，超出了量程；ii）1A；最小值；12；iii）定值電阻R0的范圍為12Ω～30Ω。

【點評】本題考查了串并聯電路的特點和歐姆定律的應用，正確的判斷電表的量程以及利用好“移動變阻器的滑片P，使電壓表V1和V2的指針分別所示的位置的示數”是關鍵。

五、實驗題（共18分）

23．（4分）在“探究平面鏡成像的特點”實驗中，為了能夠找到　虛　像的位置（選填“實”或“虛”），要用　玻璃板　作為平面鏡，如圖所示的彈簧測力計測量范圍為　0～5　牛，此時的示數為　3.4　。

【分析】（1）實像可以在光屏上承接到，而虛像則不能；探究平面鏡成像實驗中用透明的玻璃板代替平面鏡，同時能看到成像物體的像和鏡后和像對比的物體，便于確定像的位置，便于比較物像大小關系；

（2）量程是測量工具的測量范圍，讀數時先要認清分度值。

【解答】解：（1）平面鏡所成的像不能用光屏承接，所以平面鏡所成的像是虛像；

在“探究平面鏡成像的特點”實驗中，用透明的玻璃板代替平面鏡，在物體一側，既能看到蠟燭A的像，也能看到代替蠟燭A的蠟燭A，便于確定像的位置；

（2）圖中彈簧測力計的最大刻度是5，量程為0～5N；分度值為0.2N，指針在3N以下第2個刻度上，示數為：3N+2×0.2N=3.4N。

故答案為：虛；玻璃板；0～5；3.4。

【點評】此題考查了探究“彈簧測力計的使用”和“平面鏡成像特點”實驗中的注意事項，是中考的重點實驗。

24．（4分）如圖所示，在“探究凸透鏡成像的規律”實驗中，調整實驗裝置時，要使凸透鏡和光屏的中心跟燭焰的中心大致在　同一高度　。若凸透鏡焦距為12厘米，將凸透鏡置于光具座上A點處，在距B點5厘米的光屏上能找到清晰的像，則這個像一定是　縮小　的（選填“放大”或“縮小“），此時蠟燭位于光具座　0﹣26　厘米的刻度線之間：若要得到燭焰的虛像，應使蠟燭位于光具座　38﹣50　厘米的刻度線之間。[第（7）、（8）空均選填“0﹣26”、“26﹣38”或“38﹣50″]

【分析】（1）探究凸透鏡成像的實驗時，在桌面上依次放蠟燭、凸透鏡、光屏，三者在同一條直線上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心；

（2）根據凸透鏡成像的情況判斷：

u＞2f，成倒立、縮小的實像，2f＞v＞f；

u=2f，成倒立、等等的實像，v=2f；

2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，v＞2f；

u=f，不成像；

u＜f，成正立、放大的虛像。

【解答】解：（1）凸透鏡和光屏的中心跟燭焰的中心在同一條直線上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中央；

（2）距B點5厘米的位置有兩個：一是60cm處，此時像距v=60cm﹣50cm=10cm＜f，不能成像；

二是70cm處，此時像距v=70cm﹣50cm=20cm，2f＞v＞f，成倒立、放大的實像，物距大于二倍焦距，即在0～26cm之間，

若要得到燭焰的虛像，應使物距小于焦距，即蠟燭位于38﹣50cm之間。

故答案為：同一高度；縮小；0﹣26；38﹣50。

【點評】此題主要考查了凸透鏡成像的規律及應用。首先要熟練掌握規律的內容，要做到靈活運用。

25．（5分）小徐做“測定小燈泡的電功率”實驗，現有電源（電壓為定值）、待測小燈泡（標有“4V”字樣）、電流表、電壓表（只有0～3伏檔完好）、滑動變阻器A、B（A標有“10Ω? 1A”字樣、B標有“20Ω? 1A“字樣）、電鍵及導線若干。他選用其中一個滑動變阻器正確連接電路后進行實驗，當移動變阻器滑片至某一位置時，發現電壓表、電流表的示數如圖（a）、（b）所示。

他經過思考，重新連接電壓表后進行實驗，將新測得的三組數據記錄在下表中，

①小徐在實驗中選用的滑動變阻器是　B　（選填“A”或“B”），重新接入電壓表時，他把電壓表接在　ef　（選填“cd”或“ef”）位置。

②實驗中小徐觀察到小燈三次的發光亮度不同，因此他在“亮度”這一列填寫了“較暗、較亮、最亮”，他經過判斷后確認實驗序號　3　時小燈泡恰好正常發光，他判斷的依據是　電源電壓為6V，當電壓表的示數為2.0V時，根據串聯電路電壓電壓的規律，燈的電壓為6V﹣2V=4V，燈正常發光　，小燈的額定電功率P額為　0.96　瓦。

【分析】①由表中數據知，電壓表示數越小，電流越大，由歐姆定律，分析燈的電壓變化，根據串聯電路電壓的規律，得出變阻器的電壓變化，確定將電壓表連接的位置；

由表中第1組數據知，可求出變阻器連入電路中的電阻確定選用的變阻器規格；

②根據如圖（a）、（b）所示電壓表量程確定分度值讀數，與表中第1次實驗數據相比，根據串聯電路電壓的規律，求出電源電壓為

根據串聯電路電壓電壓的規律，燈的電壓為6V﹣2V=4V，燈正常發光，據此分析小燈泡恰好正常發光的實驗序號；

根據P額=U額I額求小燈的額定電功率。

【解答】解：①由表中數據知，電壓表示數越小，電流越大，由歐姆定律，燈的電壓越大，根據串聯電路電壓的規律，變阻器的電壓超小，故他經過思考，重新連接電壓表后進行實驗，將電壓表并聯在變阻器的兩端了，即把電壓表接在ef位置。

由第1組數據知，變阻器連入電路中的電阻：

R滑===15Ω＞10Ω，故選用的變阻器規格為“20Ω 1A”：即B；

②他選用其中一個滑動變阻器正確連接電路，電壓表測燈的電壓，電壓表、電流表的示數如圖（a）、（b）所示，電壓表選用小量程，分度值為0.1V，電壓為3V；

電流表選用小量程，分度值為0.02A，大小為0.2A，與表中第1次實驗數據相比，電路中電流電流大小不變均為0.2A，故燈的電壓為3V，根據串聯電路電壓的規律，電源電壓為：U=3V+3V=6V，

電源電壓為6V，當電壓表的示數為2.0V時，根據串聯電路電壓電壓的規律，燈的電壓為6V﹣2V=4V，燈正常發光，實驗序號3時小燈泡恰好正常發光；

小燈的額定電功率：

P額=U額I額=4V×0.24A=0.96W。

故答案為：①B；ef；

②3；電源電壓為6V，當電壓表的示數為2.0V時，根據串聯電路電壓電壓的規律，燈的電壓為6V﹣2V=4V，燈正常發光；0.96。

【點評】本題測定小燈泡的電功率，考查歐姆定律和串聯電路的規律及電功率的計算，對學生的思維能力要求較高。　

26．（5分）一個小球固定在彈性細桿的末端，彈性細桿豎直安置在一個平臺上，小球靜止時在平衡位置O，當小球被撥離平衡位置到A處后釋放，小球將和桿一起按圖所示的方式來回振動。若將小球從A出發再次回到A確定為振動1次，可以數出一段時間內小球來回振動的次數（取整數）。

小組同學猜想小球在1分鐘內的振動次數可能受下列因素影響。

甲。細桿長度；? 乙。小球開始釋放位置與平衡位置之間的距離AO；?? 丙。小球質量他們想通過實驗來探究影響小球在1分鐘內振動次數的因素。于是設計了實驗記錄表一，并將些有關的實驗條件及數據記錄在表一中：

表一：

①根據表一中的信息，你認為可以探究的相關因素是　B　

A．甲??????? B．乙???????????? C．丙?????? D．甲和乙???????? E．甲和丙?????? F．乙和丙???? G．甲、乙、丙?????? H．與甲、乙、丙無關的其它因素

請說明你選擇該選項的依據：　根據控制變量法，只的實驗序號2與3滿足這個條件，即細桿長度與小球質量相同，只有AO間距不同，其余各組實驗之間都改變了超過一個因素。　。

②小組同學隨后進行了實驗，并把實驗結果記錄在表二中

表二：

根據表二中的信息，你認為影響小球1分鐘內振動次數的因素是　C　。

A．甲??????? B．乙???????????? C．丙?????? D．甲和乙????????

E．甲和丙??? F．乙和丙???? G．甲、乙、丙? H．與甲、乙、丙無關的其它因素

請說明你選擇該選項的依據：　由實驗序號2與3，細桿長度與小球質量相同時，小球1分鐘內振動次數與AO間距無關，再由實驗序號1與2或1與3，可知細桿長度相同時，小球質量越小，1分鐘內振動的次數越多。　

【分析】當被研究問題受多個因素影響時，研究問題和某一個因素的關系時要控制其他因素一定，這種方法叫控制變量法。

①小球在1分鐘內的振動次數可能與細桿長度、小球開始釋放位置與平衡位置之間的距離AO和小球質量有關，故研究影響小球在1分鐘內的振動次數與其它因素的關系時，要控制另外的因素不變；

②由實驗序號2與3，找出相同的量和不同的量，分析得出細小球1分鐘內振動次數與AO間距無關，再由實驗序號1與2或1與3，找出相同的量和不同的量，分析得出小球1分鐘內振動的次數與質量的關系。

【解答】解：①表一中記錄了3次實驗數據，根據控制變量法，只的實驗序號2與3滿足這個條件，即細桿長度與小球質量相同，只有AO間距不同，其余各組實驗之間都改變了超過一個因素。故根據表一中的信息，可以探究的相關因素是：小球開始釋放位置與平衡位置之間的距離AO，即選B；

小球質量；

②由實驗序號2與3，細桿長度與小球質量相同時，小球1分鐘內振動次數與AO間距無關；

再由實驗序號1與2或1與3，可知細桿長度相同時，小球質量越小，1分鐘內振動的次數越多，故影響小球1分鐘內振動次數的因素是小球質量，故選C。

故答案為：①B；根據控制變量法，只的實驗序號2與3滿足這個條件，即細桿長度與小球質量相同，只有AO間距不同，其余各組實驗之間都改變了超過一個因素。

②C；由實驗序號2與3，細桿長度與小球質量相同時，小球1分鐘內振動次數與AO間距無關，再由實驗序號1與2或1與3，可知細桿長度相同時，小球質量越小，1分鐘內振動的次數越多。

【點評】本題研究影響小球在1分鐘內的振動次數的因素，考查控制變量法和數據分析的能力。